La [tex]n[/tex] være et positivt heltall
Skriv ned alle par av heltallene [tex](a,b)[/tex] hvor:
[tex]1 \leq a < b \leq n[/tex]
[tex]a+b>n[/tex]
[tex]gcd(a,b) =1[/tex]
For hvert slikt [tex](a,b)[/tex] par, beregn [tex]1/ab[/tex]
Vis at summen av disse brøkene vil være lik [tex]1/2[/tex] for alle[tex]n[/tex]
håper spørsmålet ble noe forståelig
Morsom oppgave
Moderatorer: Vektormannen, espen180, Aleks855, Solar Plexsus, Gustav, Nebuchadnezzar, Janhaa
-
- Cantor
- Innlegg: 142
- Registrert: 29/10-2007 22:02
Morsom sak. Kan bevises ved induksjon.
Kall tallet du får ved prosessen beskrevet ovenfor s(n).
Påstanden er at [tex]s(n)=\frac 12[/tex] for alle heltall n.
for n=2 har vi bare a=1, b=2, og påstanden stemmer.
Anta at det stemmer for n=k-1.
Så må vi se hvilke par (a,b) som er med for n=k-1, men som ikke er med for n=k. Ser lett at dette er de par hvor a+b=k. (og som oppfyller de øvrige krav) På den annen side er det nye par som er med for n=k, nemlig (c,k), hvor gcd(c,k)=1.
Så må vi huske at.
[tex]\gcd(a,b)=1 \Leftrightarrow \gcd(a,a+b)=1[/tex]
Så de c som er med i de nye parene, er nettopp alle a og b som er med i parene som forsvinner.
Så vi har
[tex]s(k) = s(k-1) -\displaystyle \sum_a \frac {1}{a(n-a)} + \sum_{c} \frac {1}{nc}[/tex]
Hvor den første summen går over alle a som er relativt primiske med n, og mindre enn n/2, mens den andre summen går over alle c som er relativt primiske med n.
For å vise at s(k-1)=s(k), ganger vi med 2, og utnytter symmetrien.
[tex]2[s(k-1)-s(k)]=\displaystyle \sum_c \frac {1}{c(n-c)} - \sum_{c} \frac {2}{nc}[/tex]
Hvor begge summene nå går over alle c som er relativt primisk med n. Trekker summene sammen, setter på felles brøkstrek og ordner.
[tex]\displaystyle \sum_c \( \frac {1}{c(n-c)}-\frac {2}{nc} \left)= \sum_c \frac {n-2(n-c)}{nc(n-c)}=\frac 1n \sum_c \frac {c-(n-c)}{c(n-c)} = 0[/tex]
Da ethvert ledd i summen opptrer to ganger med motsatt fortegn.
Det følger at [tex]s(n) = \frac 12 [/tex] for alle heltall n.
Kall tallet du får ved prosessen beskrevet ovenfor s(n).
Påstanden er at [tex]s(n)=\frac 12[/tex] for alle heltall n.
for n=2 har vi bare a=1, b=2, og påstanden stemmer.
Anta at det stemmer for n=k-1.
Så må vi se hvilke par (a,b) som er med for n=k-1, men som ikke er med for n=k. Ser lett at dette er de par hvor a+b=k. (og som oppfyller de øvrige krav) På den annen side er det nye par som er med for n=k, nemlig (c,k), hvor gcd(c,k)=1.
Så må vi huske at.
[tex]\gcd(a,b)=1 \Leftrightarrow \gcd(a,a+b)=1[/tex]
Så de c som er med i de nye parene, er nettopp alle a og b som er med i parene som forsvinner.
Så vi har
[tex]s(k) = s(k-1) -\displaystyle \sum_a \frac {1}{a(n-a)} + \sum_{c} \frac {1}{nc}[/tex]
Hvor den første summen går over alle a som er relativt primiske med n, og mindre enn n/2, mens den andre summen går over alle c som er relativt primiske med n.
For å vise at s(k-1)=s(k), ganger vi med 2, og utnytter symmetrien.
[tex]2[s(k-1)-s(k)]=\displaystyle \sum_c \frac {1}{c(n-c)} - \sum_{c} \frac {2}{nc}[/tex]
Hvor begge summene nå går over alle c som er relativt primisk med n. Trekker summene sammen, setter på felles brøkstrek og ordner.
[tex]\displaystyle \sum_c \( \frac {1}{c(n-c)}-\frac {2}{nc} \left)= \sum_c \frac {n-2(n-c)}{nc(n-c)}=\frac 1n \sum_c \frac {c-(n-c)}{c(n-c)} = 0[/tex]
Da ethvert ledd i summen opptrer to ganger med motsatt fortegn.
Det følger at [tex]s(n) = \frac 12 [/tex] for alle heltall n.