Side 1 av 1
Grenser
Lagt inn: 22/05-2007 15:10
av Magnus
Bestem
[tex]\lim_{n\to\infty}\ \frac{1\cdot 3\cdot 5 \cdots (2n-1)}{2\cdot 4\cdot 6\cdots 2n}[/tex]
Re: Grenser
Lagt inn: 23/05-2007 00:46
av TurboN
Magnus skrev:Bestem
[tex]\lim_{n\to\infty}\ \frac{1\cdot 3\cdot 5 \cdots (2n-1)}{2\cdot 4\cdot 6\cdots 2n}[/tex]
[tex]\lim_{n\to\infty}\ \frac{(2n-1)!}{2n!}[/tex]
[tex]\lim_{n\to\infty}\ \frac{(2n-1)!*(2n)!}{(2n)!*(2n)!}[/tex]
[tex]\lim_{n\to\infty}\ \frac{n!}{(2n)!*(2n)!}[/tex]
[tex]\frac{1}{4}*lim_{n\to\infty}\ \frac{1}{n!}=0[/tex]
Sikkert ikke riktig, bare litt sosing før senga
En annen mulighet er vel kanskje å lage en sandwich av det hele
Lagt inn: 23/05-2007 16:20
av sEirik
Tror ikke du kan bruke fakultet til det der, du ser jo at den ikke multipliserer hver eneste faktor, slik som i fakultet, men kun annenhver.
Det jeg kan gjøre hittil er å bevise at den faktisk konvergerer.
Vi ser at [tex]a_0 = 1[/tex], [tex]a_n = \frac{2n-1}{2n} \cdot a_{n-1}[/tex]. Siden [tex]\frac{2n-1}{2n} < 1[/tex] må [tex]a_n < a_{n-1}[/tex].
Følgen er monoton, den synker strengt.
Dessuten er [tex]a_0 > 0[/tex]. Vi antar at [tex]a_n > 0[/tex]. Vi vet sikkert at [tex]\frac{2n-1}{2n} > 0[/tex]. Da er også [tex]a_{n+1}> 0[/tex]. Følgen er monotont synkende og begrenset (den er alltid større enn 0). Den må konvergere.
Lagt inn: 26/05-2007 01:09
av daofeishi
Turbon sin sekvens stemmer ikke helt. Det vi har med å gjøre har jeg til nå funnet 3 måter å omskrive:
[tex]a_n \qquad = \qquad \frac{1 \cdot 3 \cdot 5 ... (2n-1)}{2 \cdot 4 \cdot 6 ... (2n)} \qquad = \qquad \frac{(2n)!}{4^n(n!)^2} \qquad = \qquad {{2n} \choose n} \left( \frac{1}{4} \right) ^n \qquad = \qquad \frac{1}{4^nB(n+1,\ n+1)}[/tex]
Ellers er det veldig lett å se at den konvergerer - men å finne ut til hva har jeg ennå ikke klart. Magefølelsen sier 0, men du vet aldri med sekvenser som denne. Det har slått meg at sekvensen minner svært om koeffisientene til Taylorekspansjonen av arcsin(x). Om dette leder til en løsning, vet jeg ikke. Ellers er jo squeeze theorem nyttig. Hm...
Lagt inn: 27/05-2007 10:23
av mrcreosote
La [tex]S_n = \frac{1\cdot3\dots(2n-1)}{2\cdot4\dots2n}[/tex] og [tex]\lim_{n\rightarrow\infty} S_n = S[/tex].
Ved
Wallis formel er [tex]\lim_{n\rightarrow\infty} (2nS_n^2) = \sqrt{\frac2\pi}[/tex] og følgelig er S=0.
Ny oppgave:
For [tex]|x|<\frac14[/tex], bestem [tex]\sum_{n=0}^\infty {2n \choose n} x^n[/tex].