Kvadratet har sider på 10 cm, mens kvartsirklene har radius 5 cm. Hvilken radius har den omskrevne sirkel?
Omsirkel-nøtt
Moderatorer: Vektormannen, espen180, Aleks855, Solar Plexsus, Gustav, Nebuchadnezzar, Janhaa
-
Mattebruker
- Weierstrass
- Innlegg: 495
- Registrert: 26/02-2021 21:28
Anta at dei to "prikkane" på den øverste kvartsirkelen avgrensar ein boge på v grader ( går ut frå at prikken til venstre ligg på omsirkel )
Da er radien til omsirkel = 10 - 5 tanv
Da er radien til omsirkel = 10 - 5 tanv
-
Mattebruker
- Weierstrass
- Innlegg: 495
- Registrert: 26/02-2021 21:28
Vinkelen v eg viste til i mitt første innlegg må oppfylle likninga
5 + [tex]\frac{5}{cosv}[/tex] = 10 - 5 tanv , v [tex]\in[/tex] [ 0 , 45[tex]^{0}[/tex] [tex]>[/tex]
Denne likninga har berre ei løysing : v = 0
Svar: Radius( omsirkel ) = 5 + [tex]\frac{5}{cos0}[/tex] = 10 - tan0 = 10
5 + [tex]\frac{5}{cosv}[/tex] = 10 - 5 tanv , v [tex]\in[/tex] [ 0 , 45[tex]^{0}[/tex] [tex]>[/tex]
Denne likninga har berre ei løysing : v = 0
Svar: Radius( omsirkel ) = 5 + [tex]\frac{5}{cos0}[/tex] = 10 - tan0 = 10
-
Solar Plexsus
- Over-Guru
- Innlegg: 1686
- Registrert: 03/10-2005 12:09
Vi setter inn et koordinatsystem der origo er skjæringspunktet mellom diagonalene i kvadratet.
Likningen for den omskrevne sirkelen er
$(1) \;\; (x - a)^2 + (y - b)^2 = r^2$,
der $(a,b)$ er sentrum og $r$ er radius i den omskrevne sirkelen.
Vi ser vi at punktene $(10,0), (0,10), (-5,-5)$ ligger på den omskrevne sirkelen. Ergo må ifølge likning (1)
$(2) \;\; (10 - a)^2 + b^2 = r^2$,
$(3) \;\; a^2 + (10 - b)^2= r^2$,
$(4) \;\; (a + 5)^2 + (b + 5)^2 = r^2$.
Ved å trekke likning (2) fra likning (3), får vi $20(a - b) = 0$, i.e. $a=b$, som innsatt i likning (3) og (4) gir oss
$(5) \;\; 2a^2 - 20a + 100 = r^2$,
$(6) \;\; 2a^2 + 20a + 50 = r^2$.
Ved å trekke likning (5) fra likning (6), får vi $40a - 50 = 0$. Altså er ${\textstyle a = \frac{5}{4}}$, som insatt i likning (6) gir
${\textstyle r^2 = 2(\frac{5}{4} + 5)^2 = 2 \cdot (\frac{25}{4})^2}$,
som medfører at
${\textstyle r = \frac{25}{2\sqrt{2}}}$.
Likningen for den omskrevne sirkelen er
$(1) \;\; (x - a)^2 + (y - b)^2 = r^2$,
der $(a,b)$ er sentrum og $r$ er radius i den omskrevne sirkelen.
Vi ser vi at punktene $(10,0), (0,10), (-5,-5)$ ligger på den omskrevne sirkelen. Ergo må ifølge likning (1)
$(2) \;\; (10 - a)^2 + b^2 = r^2$,
$(3) \;\; a^2 + (10 - b)^2= r^2$,
$(4) \;\; (a + 5)^2 + (b + 5)^2 = r^2$.
Ved å trekke likning (2) fra likning (3), får vi $20(a - b) = 0$, i.e. $a=b$, som innsatt i likning (3) og (4) gir oss
$(5) \;\; 2a^2 - 20a + 100 = r^2$,
$(6) \;\; 2a^2 + 20a + 50 = r^2$.
Ved å trekke likning (5) fra likning (6), får vi $40a - 50 = 0$. Altså er ${\textstyle a = \frac{5}{4}}$, som insatt i likning (6) gir
${\textstyle r^2 = 2(\frac{5}{4} + 5)^2 = 2 \cdot (\frac{25}{4})^2}$,
som medfører at
${\textstyle r = \frac{25}{2\sqrt{2}}}$.
-
Mattebruker
- Weierstrass
- Innlegg: 495
- Registrert: 26/02-2021 21:28
Ryddig og strukturert løysing v/ Solar Plexus. Vedlegget til oppgåva ( figuren ) kan mistydast. Det burde vore presisert i oppgaveteksta at den øverste kvartsirkelen og omsirkel har to fellespunkt ( ingen fellestangent ).
Han har jo et eksakt svar. Hva er ditt eksakte svar?
Kan du ikke vise full utregning så vi får se….
La verken mennesker eller hendelser ta livsmotet fra deg.
Marie Curie, kjemiker og fysiker.
[tex]\large\dot \rho = -\frac{i}{\hbar}[H,\rho][/tex]
Marie Curie, kjemiker og fysiker.
[tex]\large\dot \rho = -\frac{i}{\hbar}[H,\rho][/tex]
Du blander ikke med denne;
[tex]r=\frac{25\sqrt{2}}{4}[/tex]
?
La verken mennesker eller hendelser ta livsmotet fra deg.
Marie Curie, kjemiker og fysiker.
[tex]\large\dot \rho = -\frac{i}{\hbar}[H,\rho][/tex]
Marie Curie, kjemiker og fysiker.
[tex]\large\dot \rho = -\frac{i}{\hbar}[H,\rho][/tex]
Det eksakte uttrykket på radien til omsirkelen: 5/3(2[tex]\sqrt{10}-1) =8,874258867 cm[/tex]
Linjestykket EF går fra F, gjennom B og S og treffer E vinkelrett på AC. Den rettvinkla og likebente trekanten ABC har 45 grader både i A og C, mens den har 90 grader i B. SF, SA og SC er radien til omsirkelen.
SF(8,87425)-BF(5)= BS(3,87425). EB(7,90569415)-BS(3,87425)=SE(4,03144415)
Høyden i trekanten ABS og CBS: BS(3,87425*sin 45 =2,739508447 cm.
Shift sin 2,73950844/8,87425 =17,98109039 grader
Shift sin 4,03144415/8,87425 = 27,01897908 grader
Summen av de to vinklene her blir 45 grader, som er vinkelgradene i A og C. Det betyr at radien på omsirkelen er rett med det eksakte uttrykket eg har vist. Ellers hadde vi ikke fått summen 45 grader, som vi vet at vinkelgradene er i A og C.
![Bilde]()
Linjestykket EF går fra F, gjennom B og S og treffer E vinkelrett på AC. Den rettvinkla og likebente trekanten ABC har 45 grader både i A og C, mens den har 90 grader i B. SF, SA og SC er radien til omsirkelen.
SF(8,87425)-BF(5)= BS(3,87425). EB(7,90569415)-BS(3,87425)=SE(4,03144415)
Høyden i trekanten ABS og CBS: BS(3,87425*sin 45 =2,739508447 cm.
Shift sin 2,73950844/8,87425 =17,98109039 grader
Shift sin 4,03144415/8,87425 = 27,01897908 grader
Summen av de to vinklene her blir 45 grader, som er vinkelgradene i A og C. Det betyr at radien på omsirkelen er rett med det eksakte uttrykket eg har vist. Ellers hadde vi ikke fått summen 45 grader, som vi vet at vinkelgradene er i A og C.
- Vedlegg
-
- Omsirkel til figur, fasit.png (129.43 kiB) Vist 47050 ganger
-
Mattebruker
- Weierstrass
- Innlegg: 495
- Registrert: 26/02-2021 21:28
Kommentar:
Dersom C er einaste fellespunkt mellom omsirkel og kvartsirkel ( del av halvsirkel ) , må radien CS gå langs radien til kvartsirkel i punktet C ettersom desse
sirklane da får ein fellestangent i dette punktet( C ). Uansett greier eg ikkje å sjå at [tex]\bigtriangleup[/tex]ACB er likebeina og rettvinkla.
Dersom C er einaste fellespunkt mellom omsirkel og kvartsirkel ( del av halvsirkel ) , må radien CS gå langs radien til kvartsirkel i punktet C ettersom desse
sirklane da får ein fellestangent i dette punktet( C ). Uansett greier eg ikkje å sjå at [tex]\bigtriangleup[/tex]ACB er likebeina og rettvinkla.
- A5419550-DA65-43E8-AA4E-3D37C5B7E8E9.jpeg (1.03 MiB) Vist 46997 ganger
[tex]R = \frac{a*b*c}{4*triangle\,\, Area }=\frac{\sqrt{250}\sqrt{250}*10*\sqrt{2}}{4*0.5*10\sqrt{2}*10\sqrt{2}}=25/(2\sqrt{2})=(25\sqrt2)/4[/tex]
La verken mennesker eller hendelser ta livsmotet fra deg.
Marie Curie, kjemiker og fysiker.
[tex]\large\dot \rho = -\frac{i}{\hbar}[H,\rho][/tex]
Marie Curie, kjemiker og fysiker.
[tex]\large\dot \rho = -\frac{i}{\hbar}[H,\rho][/tex]
-
Mattebruker
- Weierstrass
- Innlegg: 495
- Registrert: 26/02-2021 21:28
Kontrollrekning:
Viser til Janhaa sitt innlegg som verifiserer Solar Plexus si løysing.
Den innskrivne trekanten er likebeina med sider [tex]\sqrt{250}[/tex], [tex]\sqrt{250}[/tex] og 10[tex]\sqrt{2}[/tex]
Lat 2[tex]\alpha[/tex] vere vinkelen mellom dei like lange sidene .
Da er sin( 2[tex]\alpha[/tex] ) = 2 [tex]\cdot[/tex] sin( [tex]\alpha[/tex] ) [tex]\cdot[/tex] cos( [tex]\alpha[/tex] ) = 2[tex]\cdot[/tex] [tex]\frac{5\sqrt{2}}{5\sqrt{10}}[/tex][tex]\cdot[/tex][tex]\frac{10\sqrt{2}}{5\sqrt{10}}[/tex] = [tex]\frac{4}{5}[/tex]
Finn radius R i omskriven sirkel.
Sinusproporsjonen for trekant gir
2 R = ( side i trekanten )/ ( sinus til motståande vinkel ) = [tex]\frac{10\sqrt{2}}{\frac{4}{5}}[/tex] = [tex]\frac{25}{2}[/tex][tex]\sqrt{2}[/tex] [tex]\Rightarrow[/tex] R = [tex]\frac{25}{4}[/tex][tex]\sqrt{2}[/tex]
Lambrida og Mattebruker lot seg "forføre" av vedlegget til oppgåva ( figuren ) som indikerer at øverste kvartsirkel tangerer omsirkel. Slik er det openbart ikkje.
Dei to objekta har to fellespunkt og dermed ingen fellestangent. Sentrum S i omsirkel kan derfor ikkje ligge på forlenginga av radien FB ( sjå skisse v/ Lambrida )
Viser til Janhaa sitt innlegg som verifiserer Solar Plexus si løysing.
Den innskrivne trekanten er likebeina med sider [tex]\sqrt{250}[/tex], [tex]\sqrt{250}[/tex] og 10[tex]\sqrt{2}[/tex]
Lat 2[tex]\alpha[/tex] vere vinkelen mellom dei like lange sidene .
Da er sin( 2[tex]\alpha[/tex] ) = 2 [tex]\cdot[/tex] sin( [tex]\alpha[/tex] ) [tex]\cdot[/tex] cos( [tex]\alpha[/tex] ) = 2[tex]\cdot[/tex] [tex]\frac{5\sqrt{2}}{5\sqrt{10}}[/tex][tex]\cdot[/tex][tex]\frac{10\sqrt{2}}{5\sqrt{10}}[/tex] = [tex]\frac{4}{5}[/tex]
Finn radius R i omskriven sirkel.
Sinusproporsjonen for trekant gir
2 R = ( side i trekanten )/ ( sinus til motståande vinkel ) = [tex]\frac{10\sqrt{2}}{\frac{4}{5}}[/tex] = [tex]\frac{25}{2}[/tex][tex]\sqrt{2}[/tex] [tex]\Rightarrow[/tex] R = [tex]\frac{25}{4}[/tex][tex]\sqrt{2}[/tex]
Lambrida og Mattebruker lot seg "forføre" av vedlegget til oppgåva ( figuren ) som indikerer at øverste kvartsirkel tangerer omsirkel. Slik er det openbart ikkje.
Dei to objekta har to fellespunkt og dermed ingen fellestangent. Sentrum S i omsirkel kan derfor ikkje ligge på forlenginga av radien FB ( sjå skisse v/ Lambrida )
Virker som det har vært noen misforståelser av oppgaven(?) Generelt vil 3 punkter i planet (som ikke ligger på en linje) definere en entydig sirkel, og her tolker jeg det som at den omskrevne sirkelen er definert av punktet til høyre, et av hjørnene i kvadratet, samt det felles tangeringspunktet mellom den øvre kvartsirkelen og den største sirkelen. I så fall stemmer det ikke at punkt (0,10) ligger på den omskrevne sirkelen (ref. Solar plexus sitt innlegg)